多选题OSPF GR有以下解决方案（）。A扩展TLV211BLLS+OOBCGrace LSADType 6 LSA

参考答案：A, B, C

参考答案：A

参考答案：C

参考答案：A, B, C

参考答案：B

参考答案：A

正确答案：(1)JMP LAST (2)SUB GR0WDTGR1 (3)ST GR2BTASCGR1 (4)ADD GR0C48 (5)ST GR0BTASCGR1
(1)JMP LAST (2)SUB GR0，WDT，GR1 (3)ST GR2，BTASC，GR1 (4)ADD GR0，C48 (5)ST GR0，BTASC，GR1 解析：本程序是将16位无符号二进制数转换为5位十进制数。
程序的前3句是对寄存器赋初值，DATA数据(即要转换的数)被读取到GR0，GR1置为0，GR3置为48。第四句是一个逻辑比较语句(从这个语句可以看出，GR1用作 WDT的偏移地址)，比较GR0和WDT中的数据的大小。
WDT开始的5个连续空间的数据分别为“10000，1000，100，10，5”。因为当前的 GR1为0，所以WDT对应的为“10000”，当GR0大于等于(WDT)时转LOOP2，小于 (WDT)则继续往下执行。其实在这种情况下，最好的分析方法就是把DATA中的数据自己手动转成十进制，然后把数据代到程序里，跟踪程序的执行，这样能最快的了解程序的执行流程和处理方法，同时也做了验证工作。
因为#FA59H转成十进制是64089。所以现在程序转到LOOP2执行。GR2置48，单从这里无法了解GR2是什么用途。比较GR0与(WDT+GR1)的大小，GR0比10000大，所以执行(2)，再执行“LEAGR2，1，GR2”即把GR2自加1(结合题目提到的“转换结果用ASCH码表示”，可以了解到GR2的用途，因为48正好是ASCII码的“0”，自加就变成“1”了，所以GR2是统计GR0中(WDT+GR1)的个数并把它转化为ASCII码形式)。
然后再转向LOOP3执行，这样又回到了前面比较。在已知的语句中并没有对GR0， GR1进行变动，所以(2)中一定是对这2个寄存器值的改变，不然这段循环就成了死循环了。结合“LEAGR2，1，GR2”的功能，可知(2)应是对GR0自减一个(WDT+GR1)，即 SUB GR0，WDT，GR1。
程序分析到这里，可以了解到NEXT标号后的语句是为下一步的统计做准备，即首先保存上一步已统计的“10000”的个数，再为统计“1000”的个数，为寄存器置初始值，程序已有“LEA GR1，1，GR1”，它能使WDT+GR”指向1000，所以(3)空要完成的功能是把“10000”的个数放到指定的位置，又因为题目中提到“转换结果用ASCII码表示，并从高位至低位依次存放在首地址为BTASC的连续5个内存单元中”，所以(3)空应填ST GR2，BTASC，GR1。
接下来执行“LEAGR2，-4，GR1”GR1中存的是偏移量。当统计万位时，GR1为0；当统计千位时，GRl为1，要(GR1)-4为0，即GR1为4，应是统计个位数字。所以(4)和 (5)空是统计个位数字，其实这点在程序注释部分也有提及。
那么如何利用已知数据，且用2步完成功能呢?这里注意到一个重要寄存器GR0。 GR0中现存的数就是个位数了，因为通过上面的几次循环，GR0中高位都被减掉了，所以现在只需把GR0加上一个48，然后再存入(BTASC+4)内存空间即可。其实把GR0加 48的方法很多，但是一定要注意一个问题，不能用LEA GR0，48，GR0，因为GR0寄存器是不能用变址寻址的。又因为程序中用到了C48，但一直没有语句用到过，所以用 ADD GR0，C48是最合适的。至此(5)空毫无疑问填ST GR0，BTASC，GR1。
最后就剩(1)了。当万位为0时，就可以执行“JPZ LOOP2”后面的一段程序了，“ST GR3，BTASC，GR1”是把“0”存入BTASC+GR1位置。接下来的3条语句都已经很明显了，与程序的倒数第3，4，5条语句完成同样的功能，即判断是否已经处理到个位了，如果是，则直接转到LAST进行个位处理，所以(1)空应填JMP LAST。